Giải câu hỏi trắc nghiệm trang 91, 92, 93 sách bài tập toán 11 – Chân trời sáng tạo tập 1

Câu 1

$\lim \frac{{3{n^2} + 2n}}{{2 – {n^2}}}$ bằng

A. $\frac{3}{2}$.

B. $– 2$.

C. 3.

D. $– 3$.

Phương pháp giải:

+ Sử dụng kiến thức về các phép toán về giới hạn hữu hạn của dãy số để tính: Cho $\lim {u_n} = a,\lim {v_n} = b$ và c là hằng số: $\lim \left( {{u_n} \pm {v_n}} \right) = a \pm b$, $\lim \frac{{{u_n}}}{{{v_n}}} = \frac{a}{b}\left( {b \ne 0} \right)$.

+ Sử dụng kiến thức về giới hạn hữu hạn của dãy số để tính: $\lim \frac{c}{{{n^k}}} = 0$ với k là số nguyên dương, $\lim c = c$ (c là hằng số)  

Lời giải chi tiết:

$\lim \frac{{3{n^2} + 2n}}{{2 – {n^2}}} = \lim \frac{{3 + \frac{2}{n}}}{{\frac{2}{{{n^2}}} – 1}} = \frac{{3 + \lim \frac{2}{n}}}{{\lim \frac{2}{{{n^2}}} – 1}} = \frac{3}{{ – 1}} =  – 3$

Chọn D

Câu 2

$\lim \frac{{\sqrt {4{n^2} + 4n + 1} }}{{4n + 1}}$ bằng

A. $\frac{1}{2}$.

B. 1.

C. 2.

D. $+ \infty$.

Phương pháp giải:

+ Sử dụng kiến thức về các phép toán về giới hạn hữu hạn của dãy số để tính: Cho $\lim {u_n} = a,\lim {v_n} = b$ và c là hằng số: $\lim \left( {{u_n} \pm {v_n}} \right) = a \pm b$, $\lim \frac{{{u_n}}}{{{v_n}}} = \frac{a}{b}\left( {b \ne 0} \right)$, nếu ${u_n} \ge 0\;\forall n \in \mathbb{N}*$ thì $a \ge 0$ và $\lim \sqrt {{u_n}}  = \sqrt a$

+ Sử dụng kiến thức về giới hạn hữu hạn của dãy số để tính: $\lim \frac{c}{{{n^k}}} = 0$ với k là số nguyên dương, $\lim c = c$ (c là hằng số) 

Lời giải chi tiết:

$\lim \frac{{\sqrt {4{n^2} + 4n + 1} }}{{4n + 1}} = \lim \frac{{\sqrt {4 + \frac{4}{n} + \frac{1}{{{n^2}}}} }}{{4 + \frac{1}{n}}} = \frac{{\sqrt {4 + \lim \frac{4}{n} + \lim \frac{1}{{{n^2}}}} }}{{4 + \lim \frac{1}{n}}} = \frac{{\sqrt 4 }}{4} = \frac{1}{2}$

Chọn A.

Câu 3

$\lim \frac{{2n + 1}}{{\sqrt {9{n^2} + 1}  – n}}$ bằng

A. $\frac{2}{3}$.

B. 1.

C. $\frac{1}{4}$.

D. 2.

$\lim \frac{{2n + 1}}{{\sqrt {9{n^2} + 1}  – n}}$ bằng

A. $\frac{2}{3}$.

B. 1.

C. $\frac{1}{4}$.

D. 2.

Phương pháp giải:

+ Sử dụng kiến thức về các phép toán về giới hạn hữu hạn của dãy số để tính: Cho $\lim {u_n} = a,\lim {v_n} = b$ và c là hằng số: $\lim \left( {{u_n} \pm {v_n}} \right) = a \pm b$, $\lim \frac{{{u_n}}}{{{v_n}}} = \frac{a}{b}\left( {b \ne 0} \right)$, nếu ${u_n} \ge 0\;\forall n \in \mathbb{N}*$ thì $a \ge 0$ và $\lim \sqrt {{u_n}}  = \sqrt a$

+ Sử dụng kiến thức về giới hạn hữu hạn của dãy số để tính: $\lim \frac{c}{{{n^k}}} = 0$ với k là số nguyên dương, $\lim c = c$ (c là hằng số) 

Lời giải chi tiết:

$\lim \frac{{2n + 1}}{{\sqrt {9{n^2} + 1}  – n}} = \lim \frac{{2 + \frac{1}{n}}}{{\sqrt {9 + \frac{1}{{{n^2}}}}  – 1}} = \frac{{2 + \lim \frac{1}{n}}}{{\sqrt {9 + \lim \frac{1}{{{n^2}}}}  – 1}} = \frac{2}{{\sqrt 9  – 1}} = 1$

Chọn B

Câu 4

Cho hai dãy số $\left( {{u_n}} \right)$ và $$\left( {{v_n}} \right)$$ thỏa mãn $\lim {u_n} = 4,\lim \left( {{v_n} – 3} \right) = 0$. $\lim \left[ {{u_n}\left( {{u_n} – {v_n}} \right)} \right]$ bằng

A. 7.

B. 12.

C. 4.

D. 28.

Phương pháp giải:

+ Sử dụng kiến thức về các phép toán về giới hạn hữu hạn của dãy số để tính: Cho $\lim {u_n} = a,\lim {v_n} = b$ và c là hằng số: $\lim \left( {{u_n} \pm {v_n}} \right) = a \pm b$, $\lim \left( {{u_n}.{v_n}} \right) = a.b$.

+ Sử dụng kiến thức về giới hạn hữu hạn của dãy số để tính: $\lim c = c$ (c là hằng số) 

Lời giải chi tiết:

$\lim \left( {{v_n} – 3} \right) = 0 \Rightarrow \lim {v_n} – 3 = 0 \Rightarrow \lim {v_n} = 3$

$\lim \left[ {{u_n}\left( {{u_n} – {v_n}} \right)} \right] = \lim \left( {u_n^2 – {u_n}{v_n}} \right) = \lim u_n^2 – \lim \left( {{u_n}{v_n}} \right) = {4^2} – 3.4 = 4$

Chọn C

Câu 5

$\lim \frac{{{4^n}}}{{{{2.4}^n} + {3^n}}}$ bằng

A. $\frac{1}{2}$.

B. 1.

C. 4.

D. 0.

Phương pháp giải:

+ Sử dụng kiến thức về các phép toán về giới hạn hữu hạn của dãy số để tính: Cho $\lim {u_n} = a,\lim {v_n} = b$ và c là hằng số: $\lim \left( {{u_n} \pm {v_n}} \right) = a \pm b$, $\lim \frac{{{u_n}}}{{{v_n}}} = \frac{a}{b}\left( {b \ne 0} \right)$.

+ Sử dụng kiến thức về giới hạn hữu hạn của dãy số để tính: $\lim \frac{c}{{{n^k}}} = 0$ với k là số nguyên dương, $\lim c = c$ (c là hằng số) 

Lời giải chi tiết:

$\lim \frac{{{4^n}}}{{{{2.4}^n} + {3^n}}} = \lim \frac{1}{{2 + {{\left( {\frac{3}{4}} \right)}^n}}} = \frac{1}{{2 + \lim {{\left( {\frac{3}{4}} \right)}^n}}} = \frac{1}{2}$

Chọn A

Câu 6

$\mathop {\lim }\limits_{x \to 2} \frac{{{x^2} – x – 2}}{{2x – 4}}$ bằng

A. $\frac{3}{2}$.

B. $\frac{1}{2}$.

C. 1.

D. $– \frac{1}{2}$.

Phương pháp giải:

+ Sử dụng kiến thức về các phép toán về giới hạn hữu hạn của hàm số để tính: Cho $\mathop {\lim }\limits_{x \to {x_0}} f\left( x \right) = L,\mathop {\lim }\limits_{x \to {x_0}} g\left( x \right) = M$: $\mathop {\lim }\limits_{x \to {x_0}} \left[ {f\left( x \right) \pm g\left( x \right)} \right] = L \pm M$, $\mathop {\lim }\limits_{x \to {x_0}} \frac{{f\left( x \right)}}{{g\left( x \right)}} = \frac{L}{M}$ (với $M \ne 0$)

+ Sử dụng kiến thức về giới hạn hữu hạn cơ bản để tính: $\mathop {\lim }\limits_{x \to {x_0}} c = c$ (với c là hằng số) 

Lời giải chi tiết:

$\mathop {\lim }\limits_{x \to 2} \frac{{{x^2} – x – 2}}{{2x – 4}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to 2} \frac{{\left( {x – 2} \right)\left( {x + 1} \right)}}{{2\left( {x – 2} \right)}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to 2} \frac{{x + 1}}{2} = \frac{{2 + 1}}{2} = \frac{3}{2}$

Chọn A

Câu 7

$\mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{2x – 2}}{{\sqrt {x + 3}  – 2}}$ bằng

A. 0.

B. $+ \infty$.

C. 2.

D. 8.

Phương pháp giải:

+ Sử dụng kiến thức về các phép toán về giới hạn hữu hạn của hàm số để tính: Cho $\mathop {\lim }\limits_{x \to {x_0}} f\left( x \right) = L,\mathop {\lim }\limits_{x \to {x_0}} g\left( x \right) = M$, khi đó: $\mathop {\lim }\limits_{x \to {x_0}} \left[ {f\left( x \right) \pm g\left( x \right)} \right] = L \pm M$

+ Nếu $f\left( x \right) \ge 0$ thì $\mathop {\lim }\limits_{x \to {x_0}} f\left( x \right) = L$ thì $L \ge 0$ và $\mathop {\lim }\limits_{x \to {x_0}} \sqrt {f\left( x \right)}  = \sqrt L$.

+ Sử dụng kiến thức về giới hạn hữu hạn cơ bản để tính: $\mathop {\lim }\limits_{x \to {x_0}} c = c$ (với c là hằng số) 

Lời giải chi tiết:

$\mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{2x – 2}}{{\sqrt {x + 3}  – 2}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{2\left( {x – 1} \right)\left( {\sqrt {x + 3}  + 2} \right)}}{{\left( {\sqrt {x + 3}  – 2} \right)\left( {\sqrt {x + 3}  + 2} \right)}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{2\left( {x – 1} \right)\left( {\sqrt {x + 3}  + 2} \right)}}{{x – 1}}$

$= \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} 2\left( {\sqrt {x + 3}  + 2} \right) = 2\left( {\sqrt {1 + 3}  + 2} \right) = 8$

Chọn D

Câu 8

Biết $\mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{{x^2} – 3x + a}}{{x – 1}} = b$ với a và b là hai số thực. Giá trị của $a + b$ bằng

A. 1.

B. 2.

C. 4.

D. 5.

Phương pháp giải:

Sử dụng kiến thức về giới hạn hữu hạn của hàm số để tìm a, b.

Lời giải chi tiết:

Do $\mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \left( {x – 1} \right) = 0$ nên để tồn tại giới hạn hữu hạn $\mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{{x^2} – 3x + a}}{{x – 1}} = b$ thì $\mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \left( {{x^2} – 3x + a} \right) = 0$ hay $1 – 3 + a = 0 \Rightarrow a = 2$

Do đó, $\mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{{x^2} – 3x + 2}}{{x – 1}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{\left( {x – 1} \right)\left( {x – 2} \right)}}{{x – 1}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \left( {x – 2} \right) = 1 – 2 =  – 1$ nên $b =  – 1$.

Suy ra: $a + b = 2 – 1 = 1$

Chọn A

Câu 9

Cho hàm số $f\left( x \right) = \frac{{{x^2} – 3x}}{{\left| {x – 3} \right|}}$. Đặt $a = \mathop {\lim }\limits_{x \to {3^ + }} f\left( x \right)$ và $b = \mathop {\lim }\limits_{x \to 3} f\left( x \right)$. Giá trị của $a – 2b$ bằng

A. 0.

B. 9.

C. $– 3$.

D. $– 9$.

Phương pháp giải:

+ Sử dụng kiến thức về các phép toán về giới hạn hữu hạn của hàm số để tính: Cho $\mathop {\lim }\limits_{x \to x_0^ + } f\left( x \right) = L,\mathop {\lim }\limits_{x \to x_0^ + } g\left( x \right) = M$: $\mathop {\lim }\limits_{x \to x_0^ + } \left[ {f\left( x \right) \pm g\left( x \right)} \right] = L \pm M$, $\mathop {\lim }\limits_{x \to x_0^ + } \frac{{f\left( x \right)}}{{g\left( x \right)}} = \frac{L}{M}$ (với $M \ne 0$)

Cho $\mathop {\lim }\limits_{x \to x_0^ – } f\left( x \right) = L,\mathop {\lim }\limits_{x \to x_0^ – } g\left( x \right) = M$: $\mathop {\lim }\limits_{x \to x_0^ – } \left[ {f\left( x \right) \pm g\left( x \right)} \right] = L \pm M$, $\mathop {\lim }\limits_{x \to x_0^ – } \frac{{f\left( x \right)}}{{g\left( x \right)}} = \frac{L}{M}$ (với $M \ne 0$)

+ Sử dụng kiến thức về giới hạn hữu hạn cơ bản để tính: $\mathop {\lim }\limits_{x \to x_0^ + } c = c,\mathop {\lim }\limits_{x \to x_0^ – } c = c$ (với c là hằng số)

Lời giải chi tiết:

$\mathop {\lim }\limits_{x \to {3^ + }} f\left( x \right) = \mathop {\lim }\limits_{x \to {3^ + }} \frac{{{x^2} – 3x}}{{\left| {x – 3} \right|}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to {3^ + }} \frac{{x\left( {x – 3} \right)}}{{x – 3}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to {3^ + }} x = 3$ nên $a = 3$

$\mathop {\lim }\limits_{x \to {3^ – }} f\left( x \right) = \mathop {\lim }\limits_{x \to {3^ – }} \frac{{{x^2} – 3x}}{{\left| {x – 3} \right|}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to {3^ – }} \frac{{x\left( {x – 3} \right)}}{{ – x + 3}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to {3^ – }} \left( { – x} \right) =  – 3$ nên $b =  – 3$

Do đó, $a – 2b = 3 – 2\left( { – 3} \right) = 9$

Chọn B

Câu 10

Biết rằng $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } f\left( x \right) = 2,\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } \left( {f\left( x \right) + 2g\left( x \right)} \right) = 4$. Giới hạn $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } \frac{{f\left( x \right) – 2g\left( x \right)}}{{f\left( x \right) + 2g\left( x \right)}}$ bằng

A. $– 1$.

B. 0.

C. $\frac{1}{2}$.

D. $– \frac{1}{2}$.

Phương pháp giải:

+ Sử dụng kiến thức về các phép toán về giới của hàm số tại vô cực để tính: Cho $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } f\left( x \right) = L,\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } g\left( x \right) = M$: $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } \left[ {f\left( x \right) \pm g\left( x \right)} \right] = L \pm M$, $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } \left[ {f\left( x \right).g\left( x \right)} \right] = L.M$, $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } \frac{{f\left( x \right)}}{{g\left( x \right)}} = \frac{L}{M}$ (với $M \ne 0$).

+ Sử dụng kiến thức về giới hạn hữu hạn cơ bản để tính: $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } c = c$ (với c là hằng số)

Lời giải chi tiết:

Ta có: $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } \left( {f\left( x \right) + 2g\left( x \right)} \right) = 4 \Rightarrow \mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } f\left( x \right) + 2\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } g\left( x \right) = 4 \Rightarrow \mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } g\left( x \right) = \frac{{4 – 2}}{2} = 1$

Do đó, $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } \frac{{f\left( x \right) – 2g\left( x \right)}}{{f\left( x \right) + 2g\left( x \right)}} = \frac{{\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } f\left( x \right) – 2\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } g\left( x \right)}}{{\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } \left[ {f\left( x \right) + 2g\left( x \right)} \right]}} = \frac{{2 – 2.1}}{4} = 0$

Chọn B

Câu 11

Biết rằng $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } \frac{{2ax}}{{\sqrt {{x^2} + ax}  + x}} = 3$. Giá trị của a là

A. $\frac{3}{4}$.

B. 6.

C. $\frac{3}{2}$.

D. 3.

Phương pháp giải:

+ Sử dụng kiến thức về các phép toán về giới của hàm số tại vô cực để tính: Cho $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } f\left( x \right) = L,\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } g\left( x \right) = M$: $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } \left[ {f\left( x \right) \pm g\left( x \right)} \right] = L \pm M$, $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } \frac{{f\left( x \right)}}{{g\left( x \right)}} = \frac{L}{M}$ với $M \ne 0$, nếu $f\left( x \right) \ge 0$ thì $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } f\left( x \right) = L$ thì $L \ge 0$ và $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } \sqrt {f\left( x \right)}  = \sqrt L$.

+ Sử dụng kiến thức về giới hạn hữu hạn cơ bản để tính: $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } c = c$ (với c là hằng số)

Lời giải chi tiết:

Ta có: $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } \frac{{2ax}}{{\sqrt {{x^2} + ax}  + x}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } \frac{{2a}}{{\sqrt {1 + \frac{a}{x}}  + 1}} = \frac{{2a}}{2} = a$

Mà $\mathop {\lim }\limits_{x \to  + \infty } \frac{{2ax}}{{\sqrt {{x^2} + ax}  + x}} = 3$ nên $a = 3$

Chọn D

Câu 12

$\mathop {\lim }\limits_{x \to  – {2^ – }} \frac{{1 – 3x}}{{x + 2}}$ bằng

A. $+ \infty$.

B. $– \infty$.

C. $– 3$.

D. $\frac{7}{4}$.

Phương pháp giải:

Sử dụng kiến thức về giới hạn một bên của hàm số để tính: Nếu $\mathop {\lim }\limits_{x \to x_0^ – } f\left( x \right) = L > 0$ và $\mathop {\lim }\limits_{x \to x_0^ – } g\left( x \right) =  – \infty$ thì $\mathop {\lim }\limits_{x \to x_0^ – } \left[ {f\left( x \right).g\left( x \right)} \right] =  – \infty$.

Lời giải chi tiết:

Ta có: $\mathop {\lim }\limits_{x \to  – {2^ – }} \frac{1}{{x + 2}} =  – \infty ,\mathop {\lim }\limits_{x \to  – {2^ – }} \left( {1 – 3x} \right) = 1 – 3.\left( { – 2} \right) = 7 > 0$

Do đó, $\mathop {\lim }\limits_{x \to {2^ – }} \frac{{1 – 3x}}{{x + 2}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to {2^ – }} \left[ {\left( {1 – 3x} \right)\frac{1}{{x + 2}}} \right] =  – \infty$

Chọn B

Câu 13

Biết rằng hàm số $f\left( x \right) = \left\{ \begin{array}{l}\frac{{2 – \sqrt {x + 1} }}{{x – 3}}\;\;khi\;x \ne 3\\\;\;\;\;\;\;\;a\;\;\;\;\;\;\;\;\,khi\;x = 3\end{array} \right.$  liên tục tại điểm $x = 3$. Giá trị của a bằng

A. $– \frac{1}{4}$.

B. $\frac{1}{4}$.

C. $– 2$.

D. 3.

Phương pháp giải:

Sử dụng kiến thức về định nghĩa hàm số liên tục tại một điểm để tìm a: Cho hàm số $y = f\left( x \right)$ xác định trên khoảng K và ${x_0} \in K$. Hàm số $y = f\left( x \right)$ được gọi là liên tục tại điểm ${x_0}$ nếu $\mathop {\lim }\limits_{x \to {x_0}} f\left( x \right) = f\left( {{x_0}} \right)$. 

Lời giải chi tiết:

Hàm số f(x) có tập xác định $D = \left[ { – 1;3} \right) \cup \left( {3; + \infty } \right)$ chứa điểm 3.

Ta có: $\mathop {\lim }\limits_{x \to 3} f\left( x \right) = \mathop {\lim }\limits_{x \to 3} \frac{{2 – \sqrt {x + 1} }}{{x – 3}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to 3} \frac{{\left( {2 – \sqrt {x + 1} } \right)\left( {2 + \sqrt {x + 1} } \right)}}{{\left( {x – 3} \right)\left( {2 + \sqrt {x + 1} } \right)}}$

$= \mathop {\lim }\limits_{x \to 3} \frac{{3 – x}}{{\left( {x – 3} \right)\left( {2 + \sqrt {x + 1} } \right)}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to 3} \frac{{ – 1}}{{2 + \sqrt {x + 1} }} = \frac{{ – 1}}{{2 + \sqrt {3 + 1} }} = \frac{{ – 1}}{4}$

Để f(x) liên tục tại $x = 3$ thì $\mathop {\lim }\limits_{x \to 3} f\left( x \right) = f\left( 3 \right) \Rightarrow a = \frac{{ – 1}}{4}$

Chọn A

Câu 14

Cho hàm số $f\left( x \right) = \left\{ \begin{array}{l}\tan x\;\;\;\;\;\;\,khi\;0 < x \le \frac{\pi }{4}\\k – \cot x\;\,khi\;\frac{\pi }{4} < x \le \frac{\pi }{2}\end{array} \right.$  liên tục tại trên đoạn $\left[ {0;\frac{\pi }{2}} \right]$. Giá trị của k bằng

A. 0.

B. 1.

C. 2.

D. $\frac{\pi }{2}$.

Phương pháp giải:

+ Sử dung kiến thức về hàm số liên tục trên một đoạn để tìm k: Cho hàm số $y = f\left( x \right)$ xác định trên đoạn $\left[ {a;b} \right]$. Hàm số $y = f\left( x \right)$ liên tục trên đoạn $\left[ {a;b} \right]$ nếu f(x) liên tục trên khoảng (a; b) và $\mathop {\lim }\limits_{x \to {a^ + }} f\left( x \right) = f\left( a \right),\mathop {\lim }\limits_{x \to {b^ – }} f\left( x \right) = f\left( b \right)$.

+ Sử dụng kiến thức về định nghĩa hàm số liên tục tại một điểm để tìm k: Cho hàm số $y = f\left( x \right)$ xác định trên khoảng K và ${x_0} \in K$. Hàm số $y = f\left( x \right)$ được gọi là liên tục tại điểm ${x_0}$ nếu $\mathop {\lim }\limits_{x \to {x_0}} f\left( x \right) = f\left( {{x_0}} \right)$.

Lời giải chi tiết:

Để hàm số f(x) liên tục trên đoạn $\left[ {0;\frac{\pi }{2}} \right]$ thì hàm số f(x) liên tục tại $x = \frac{\pi }{4}$, $x = 0$ và $x = \frac{\pi }{2}$.

Hàm số f(x) liên tục tại $x = \frac{\pi }{4}$ khi $\mathop {\lim }\limits_{x \to {{\left( {\frac{\pi }{4}} \right)}^ + }} f\left( x \right) = \mathop {\lim }\limits_{x \to {{\left( {\frac{\pi }{4}} \right)}^ – }} f\left( x \right) = f\left( {\frac{\pi }{4}} \right)$

$\Leftrightarrow \mathop {\lim }\limits_{x \to {{\left( {\frac{\pi }{4}} \right)}^ – }} \left( {\tan x} \right) = \mathop {\lim }\limits_{x \to {{\left( {\frac{\pi }{4}} \right)}^ + }} \left( {k – \cot x} \right) = \tan \frac{\pi }{4}$

$\Leftrightarrow \tan \frac{\pi }{4} = k – \cot \frac{\pi }{4} \Leftrightarrow k – 1 = 1 \Leftrightarrow k = 2$

Hàm số f(x) liên tục tại $x = 0$ khi $\mathop {\lim }\limits_{x \to {0^ + }} f\left( x \right) = f\left( 0 \right) \Leftrightarrow \tan 0 = \tan 0$ (luôn đúng)

Hàm số f(x) liên tục tại $x = \frac{\pi }{2}$ khi $\mathop {\lim }\limits_{x \to {{\left( {\frac{\pi }{2}} \right)}^ – }} f\left( x \right) = f\left( {\frac{\pi }{2}} \right) \Leftrightarrow \mathop {\lim }\limits_{x \to {{\left( {\frac{\pi }{2}} \right)}^ – }} \left( {k – \cot \frac{\pi }{2}} \right) = k – \cot \frac{\pi }{2}$ $\Leftrightarrow k – \cot \frac{\pi }{2} = k – \cot \frac{\pi }{2}$ (luôn đúng)

Vậy $k = 2$.

Chọn C

Câu 15

Biết rằng phương trình ${x^3} – 2x – 3 = 0$ chỉ có một nghiệm. Phương trình này có nghiệm trong khoảng nào sau đây?

A. $\left( { – 1;0} \right)$.

B. $\left( {0;1} \right)$.

C. $\left( {1;2} \right)$.

D. $\left( {2;3} \right)$.

Phương pháp giải:

Sử dụng kiến thức về ứng dụng tính liên tục của hàm số vào xét sự tồn tại nghiệm của phương trình để chứng minh: Nếu hàm số $y = f\left( x \right)$ liên tục trên đoạn $\left[ {a;b} \right]$ và $f\left( a \right).f\left( b \right) < 0$ thì luôn tồn tại ít nhất một điểm $c \in \left( {a;b} \right)$ sao cho $f\left( c \right) = 0$. 

Lời giải chi tiết:

Xét hàm số $f\left( x \right) = {x^3} – 2x – 3$, f(x) liên tục trên $\mathbb{R}$.

Ta có: $f\left( 1 \right) = {1^3} – 2.1 – 3 = 1 – 2 – 3 =  – 4$, $f\left( 2 \right) = {2^3} – 2.2 – 3 = 8 – 4 – 3 = 1$

Vì $f\left( 1 \right).f\left( 2 \right) < 0$ nên phương trình $f\left( x \right) = 0$ có ít nghiệm một nghiệm trong khoảng $\left( {1;2} \right)$.

Chọn C